摘要:样例如样例所示,该二叉树的后序遍历为,下面来讲解递归的做法。二叉树的后序遍历顺序为左右根,因此我们直接按照左子树右子树根节点的方式遍历这颗二叉树。具体过程如下对于二叉树中的当前节点将当前节点压入栈中,并记录到数组中。
给定一个二叉树,返回它的 后序 遍历。
示例:
输入: [1,null,2,3] 1 / 2 / 3 输出: [3,2,1]
进阶: 递归算法很简单,你可以通过迭代算法完成吗?
(递归) O ( n ) O(n) O(n)
给定一个二叉树,返回它的 后序 遍历。
样例:
如样例所示,该二叉树的后序遍历为res = [9,5,7,4,3]
,下面来讲解递归的做法。
二叉树的后序遍历顺序为:左->右->根,因此我们直接按照 左子树—>右子树—>根节点的方式遍历这颗二叉树。
递归函数设计:
void dfs(TreeNode* root)
root
是当前访问的节点。
递归边界:
当访问到空节点时,结束本次递归调用。
具体过程如下:
res
数组用来存贮访问后的节点。root
开始递归。dfs(root->left)
和dfs(root->right)
来遍历当前root
节点的左右子树。root
节点的val
值加入res
数组中。时间复杂度分析: O ( n ) O(n) O(n) ,其中 n n n是二叉树的节点数。每一个节点恰好被遍历一次。
/** * Definition for a binary tree node. * struct TreeNode { * int val; * TreeNode *left; * TreeNode *right; * TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {} * TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {} * TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {} * }; */class Solution {public: vector<int>res; vector<int> postorderTraversal(TreeNode* root) { dfs(root); return res; } void dfs(TreeNode* root) { if(root == NULL) return; dfs(root->left); dfs(root->right); res.push_back(root->val); }};
/** * Definition for a binary tree node. * public class TreeNode { * int val; * TreeNode left; * TreeNode right; * TreeNode() {} * TreeNode(int val) { this.val = val; } * TreeNode(int val, TreeNode left, TreeNode right) { * this.val = val; * this.left = left; * this.right = right; * } * } */class Solution { List<Integer> res = new ArrayList<Integer>(); public List<Integer> postorderTraversal(TreeNode root) { dfs(root); return res; } public void dfs(TreeNode root) { if(root == null) return; dfs(root.left); dfs(root.right); res.add(root.val); }}
(迭代) O ( n ) O(n) O(n)
迭代算法的本质是模拟递归,只不过递归使用了系统栈,而在迭代算法中我们使用stack
模拟系统栈。在 144. 二叉树的前序遍历 题中,我们已经知道了前序遍历二叉树的迭代写法,因此如何更改少量的代码实现二叉树的后序遍历?
二叉树的前序遍历顺序为:根->左->右,后序遍历的顺序为:左->右->根,我们将后序遍历的顺序颠倒过来为:根->右->左。因此我们只需要模拟前序遍历的过程,并将前序遍历中的左右子树遍历过程对换,最后将遍历得到的res
数组翻转即可得到后序遍历的结果。
具体过程如下:
对于二叉树中的当前节点root
:
res
数组中。这样,我们就将当前节点root
和它的右侧子节点全部访问完毕了(相当于我们已经访问了根节点和右子树节点),栈中存放着当前节点和它的全部右侧子节点。接下来我们该要去访问当前节点的左子树了,由于栈是先进后出的,此时栈顶元素的左子节点就是下一个要遍历的节点,因此
root
,重复对当前节点root
的处理过程。res
数组翻转。时间复杂度分析: O ( n ) O(n) O(n) ,其中 n n n是二叉树的节点数。每一个节点恰好被遍历一次。
/** * Definition for a binary tree node. * struct TreeNode { * int val; * TreeNode *left; * TreeNode *right; * TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {} * }; */class Solution {public: vector<int> postorderTraversal(TreeNode* root) { vector<int> res; stack<TreeNode*> stk; while (root || stk.size()) { while (root) { res.push_back(root->val); stk.push(root); root = root->right; } root = stk.top()->left; stk.pop(); } reverse(res.begin(), res.end()); return res; }};
/*** Definition for a binary tree node.* public class TreeNode {* int val;* TreeNode left;* TreeNode right;* TreeNode() {}* TreeNode(int val) { this.val = val; }* TreeNode(int val, TreeNode left, TreeNode right) {* this.val = val;* this.left = left;* this.right = right;* }* }*/class Solution { public List<Integer> postorderTraversal(TreeNode root) { List<Integer> res = new ArrayList<Integer>(); Stack<TreeNode> stk = new Stack<TreeNode>(); while(root != null || !stk.isEmpty()) { while(root != null) { res.add(root.val); stk.add(root); root = root.right; } root = stk.pop(); root = root.left; } Collections.reverse(res); return res; }}
原题链接: 145. 二叉树的后序遍历
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